Continuité et valeurs intermédiaires
Continuité, existence et unicité des solutions, dichotomie et passage à la limite dans une suite récurrente.
Environ 40 minutes
- Appliquer le théorème des valeurs intermédiaires
- Distinguer existence, unicité et approximation
- Étudier une suite récurrente avec la continuité
Comment prouver qu’une équation possède une solution avant de chercher sa valeur ?
Un tracé suggère une intersection, mais sa précision est limitée. La continuité permet d’établir l’existence d’une solution ; les variations en fixent parfois le nombre ; un algorithme en approche la valeur. Ces trois tâches se complètent sans se confondre. Les limites, la dérivation de première et la convergence des suites servent de prérequis.
Relier une valeur à sa limite
Une fonction f définie en a est continue en a lorsque sa limite en a vaut f(a). Cette égalité relie ce qui se passe tout près du point à la valeur effectivement prise au point. On dit qu’elle est continue sur un intervalle lorsqu’elle est continue en chaque point de cet intervalle ; aux extrémités, on considère les limites prises depuis l’intervalle. L’image intuitive est un tracé sans saut, mais la définition mathématique repose sur les limites.
Les fonctions polynômes, exponentielle, sinus et cosinus sont continues sur ℝ. Les fonctions rationnelles sont continues là où leur dénominateur ne s’annule pas ; √x est continue sur [0 ;+∞[. Les opérations et compositions usuelles conservent la continuité sur leur domaine. Dans une résolution d’équation, on indique brièvement la nature de la fonction et l’intervalle utilisé. Il n’est pas nécessaire de reconstruire à chaque exercice toute la théorie de la continuité.
Toute fonction dérivable en un point y est continue, mais la réciproque est fausse. La fonction |x| est continue en 0 et n’y est pas dérivable : ses pentes à gauche et à droite diffèrent. Une pointe n’est donc pas une rupture. Autre distinction essentielle : une fraction simplifiée peut avoir une limite en un point interdit sans y être continue, puisque la fonction initiale n’y est pas définie.
Vocabulaire
- Continuité :
- Égalité entre la limite au point et l’image du point, lorsque celle-ci existe.
- Valeur intermédiaire :
- Nombre situé entre deux images, quelle que soit leur disposition dans l’ordre croissant.
- Unicité :
- Propriété affirmant qu’une solution existe en un seul exemplaire sur l’ensemble précisé.
- Encadrement :
- Deux bornes entre lesquelles se trouve une solution, avec une largeur connue.
La continuité ne signifie ni croissance ni dérivabilité. Une fonction peut être continue et décroissante, ou changer de sens de variation. L’intervalle d’étude fait partie des hypothèses de tout résultat.
Prouver l’existence, puis l’unicité
Le théorème des valeurs intermédiaires affirme que, si f est continue sur [a ;b], chaque nombre k compris entre f(a) et f(b) est l’image d’au moins un nombre c de [a ;b]. Les bornes sont incluses. Si k est strictement entre les images des extrémités, au moins une solution est dans ]a ;b[. Pour rechercher un zéro, le changement de signe entre les deux extrémités est une façon commode de vérifier la condition sur k.
Le théorème ne donne pas automatiquement l’unicité. Pour une fonction continue et strictement monotone sur [a ;b], chaque valeur entre les images des extrémités possède exactement un antécédent dans cet intervalle. On sépare donc deux arguments : la continuité et les images assurent l’existence ; la stricte monotonie assure qu’il ne peut pas y avoir deux solutions. Une dérivée strictement positive est une justification suffisante de croissance stricte, mais il existe aussi des fonctions strictement croissantes dont la dérivée s’annule en certains points.
Exemple résolu
Montrer que x³+x−1=0 possède exactement une solution α dans [0 ;1], puis expliquer pourquoi il n’existe pas d’autre solution réelle.
- Étape 1 : Posons f(x)=x³+x−1. Ce polynôme est continu sur ℝ, donc sur [0 ;1].
- Étape 2 : On calcule f(0)=−1 et f(1)=1. Comme 0 est entre ces images, le théorème donne au moins une solution dans ]0 ;1[.
- Étape 3 : Pour tout réel x, f′(x)=3x²+1>0. La fonction est strictement croissante sur ℝ : elle ne peut prendre la valeur 0 en deux points distincts.
Résultat : Il existe un unique réel α tel que f(α)=0, et 0<α<1.
Piège à éviter : Le changement de signe prouve l’existence ; il ne suffit pas, seul, à prouver qu’une solution est unique.
La condition sur les extrémités est suffisante, mais elle n’est pas nécessaire à l’existence d’une solution. Si k n’est pas entre f(a) et f(b), on ne peut pas conclure à une absence de solution. Il faut étudier les variations ou découper l’intervalle. Pour x² sur [−2 ;2], les deux images des extrémités valent 4, alors que la valeur 1 est atteinte deux fois. Une fonction qui descend puis remonte peut atteindre des valeurs absentes de l’intervalle formé par ses seules images extrêmes.
À toi d'essayer
Une fonction g est continue et strictement décroissante sur [−1 ;3], avec g(−1)=5 et g(3)=−2. Combien de solutions g(x)=2 possède-t-elle sur cet intervalle ?
Voir la réponseMasquer la réponse
Comme 2 est strictement entre −2 et 5, la continuité assure au moins une solution dans ]−1 ;3[. La stricte décroissance assure au plus une solution. Il y en a donc exactement une.
Approcher une solution sans confondre preuve et calcul
La dichotomie consiste à couper en deux un intervalle contenant une solution. On suppose f continue, et l’on part de bornes dont les images ont des signes opposés. On calcule le milieu m=(a+b)/2. Si f(m)=0, la solution est trouvée exactement. Sinon, on conserve la moitié dont les images aux extrémités ont encore des signes opposés. La continuité garantit que cette moitié contient toujours un zéro. Pour approcher une solution nommée unique, on justifie son unicité avant le calcul.
Après n divisions, la largeur de l’intervalle initial est divisée par 2ⁿ. Le milieu de l’intervalle final approche la solution avec une erreur au plus égale à la moitié de cette largeur. Une valeur arrondie ne devient pas une solution exacte : elle peut avoir une image petite mais non nulle. Un encadrement donne au contraire deux bornes certifiées. On choisit le nombre de divisions d’après la précision réellement demandée et l’on conserve suffisamment de chiffres dans les calculs intermédiaires.
Exemple résolu
Pour la solution α de x³+x−1=0 dans [0 ;1], effectuer trois divisions par dichotomie et donner un encadrement.
- Étape 1 : Au milieu 0,5, f(0,5)=−0,375. On conserve [0,5 ;1] car f(1)>0.
- Étape 2 : Au milieu 0,75, f(0,75)=0,171875. On conserve [0,5 ;0,75].
- Étape 3 : Au milieu 0,625, f(0,625)=−0,130859375. On conserve [0,625 ;0,75]. La largeur est 0,125, soit 1/2³.
Résultat : On obtient 0,625<α<0,75. Le milieu 0,6875 approche α avec une erreur strictement inférieure à 0,0625.
Piège à éviter : Présenter 0,6875 comme la valeur exacte de α serait faux : c’est une approximation issue d’un encadrement.
Mettre en œuvre une dichotomie
- Choisis deux bornes a et b où f est continue et où f(a) et f(b) sont de signes opposés ; précise la solution recherchée.
- Tant que b−a dépasse la largeur voulue, calcule m=(a+b)/2 et f(m).
- Si f(m)=0, arrête le calcul. Sinon, remplace b par m lorsque f(a) et f(m) sont de signes opposés ; dans l’autre cas, remplace a par m.
- Rends les deux bornes finales et distingue leur largeur de l’erreur maximale du milieu.
La méthode de Newton est une autre piste numérique : depuis une valeur x, on considère x−f(x)/f′(x), si f′(x) n’est pas nul. Ce nombre est l’abscisse où la tangente rencontre l’axe horizontal. Cette méthode peut converger rapidement, mais elle ne conserve pas systématiquement un encadrement et elle peut échouer. Une sortie numérique, qu’elle provienne d’une calculatrice ou d’un programme, ne remplace donc jamais la justification de l’existence et de l’unicité.
À toi d'essayer
Un intervalle initial de largeur 3 est divisé huit fois par dichotomie. Peut-on garantir que le milieu final approche la racine à moins de 0,005 ? Justifie.
Correction détaillée pas à pasDans ce chapitre : 2 corrections détaillées.
Passer à la limite dans une relation de récurrence
La continuité relie aussi les fonctions aux suites. Si une suite (uₙ) converge vers ℓ et si f est continue en ℓ, alors f(uₙ) converge vers f(ℓ). Pour une suite définie par uₙ₊₁=f(uₙ), si sa convergence a été prouvée et si f est continue à la limite, on obtient ℓ=f(ℓ). Cette équation fournit des limites possibles. Elle ne prouve pas à elle seule que la suite converge, ni que toutes ses solutions conviennent.
Exemple résolu
Soit u₀=0 et uₙ₊₁=√(2+uₙ). Montrer que cette suite converge et déterminer sa limite.
- Étape 1 : L’intervalle [0 ;2] est stable : pour 0≤x≤2, on a 0≤√(2+x)≤2. Par récurrence, tous les termes restent dans [0 ;2].
- Étape 2 : La fonction f(x)=√(2+x) est croissante sur [0 ;2]. Comme u₁≥u₀, une récurrence sur l’inégalité uₙ₊₁≥uₙ prouve que la suite est croissante.
- Étape 3 : Elle est croissante et majorée par 2, donc converge vers un réel ℓ de [0 ;2]. La continuité permet d’écrire ℓ=√(2+ℓ).
- Étape 4 : Puisque ℓ≥0, on élève au carré : ℓ²−ℓ−2=0, donc (ℓ−2)(ℓ+1)=0. Seule la valeur 2 appartient à [0 ;2].
Résultat : La suite converge vers 2.
Piège à éviter : Résoudre l’équation de point fixe avant de prouver la convergence ne suffirait pas ; la racine −1 doit aussi être rejetée.
À toi d'essayer
Une fonction h sur [0 ;1] vérifie h(0)=−1 et h(1)=1, mais ne prend jamais la valeur 0. Que peux-tu démontrer sur sa continuité, sans connaître sa formule ?
Correction détaillée pas à pasDans ce chapitre : 2 corrections détaillées.
Au bac : séparer les conclusions
- Nomme la fonction et l’intervalle, puis indique la continuité et les images utiles avant de citer le théorème.
- Ajoute un argument distinct de stricte monotonie pour justifier l’unicité.
- Pour un encadrement, calcule les signes aux bornes avec une précision suffisante et conserve une conclusion sous forme d’inégalités.
- Pour une suite, prouve d’abord qu’elle reste définie et converge ; utilise seulement ensuite la continuité pour identifier sa limite.
Ne déduis pas l’absence de solution de l’échec d’une seule application du théorème. Vérifie d’autres intervalles ou les extrema. Ne confonds pas non plus un intervalle stable avec une preuve de convergence : la stabilité assure que les termes restent dans le domaine.
Bilan
| Situation | Conclusion |
|---|---|
| Continuité et valeur entre deux images | Au moins un antécédent. |
| Stricte monotonie en plus | Un seul antécédent sur l’intervalle. |
| Dichotomie | Encadrement dont la largeur est divisée par deux à chaque étape. |
| Suite convergente et fonction continue | Passage à la limite dans les images. |
À retenir
- La continuité en a signifie que la limite de f en a vaut f(a).
- Une fonction continue sur un segment prend toute valeur comprise entre les images de ses extrémités.
- Une fonction strictement monotone prend chaque valeur au plus une fois.
- La continuité permet de passer à la limite dans les images d’une suite convergente.
Fiche de révision
Existence
écris les hypothèses du théorème sur un intervalle précis et compare la valeur cherchée aux deux images.
Unicité
donne la raison pour laquelle deux antécédents distincts sont impossibles.
Approximation
annonce un encadrement et la largeur obtenue, pas une égalité avec un nombre arrondi.
Récurrence
contrôle le domaine, la monotonie et une borne avant l’équation de point fixe.
Questions fréquentes
Le théorème fournit-il une formule pour la solution ?
Non. Il assure qu’un antécédent existe. Une résolution exacte ou une approximation demande un autre travail.
Pourquoi montrer la convergence avant le point fixe ?
Parce qu’une relation de récurrence peut ne pas converger. L’équation ℓ=f(ℓ) est une condition imposée à une limite existante, pas une garantie d’existence de cette limite.
Et maintenant ?
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Relis le coursReprends l’essentiel avant de passer à la suite.Prolonge l’expérience !
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